高中物理——同步——高中把关题——物理选修3-2（答案）.pdf

答案与解析感高中把关题答案与解析第四章电磁感应第1节划时代的发现必备知识解析（1）对A线圈olBl邪疡,o2B2冗哨故磁通量改变量为O2-Ol（08-0.4）3。l4（1102）2Wb1256104Wb.对D线圈呜O!l25610斗Wb（2）对C线圈O!二B端磁场转过30。线圈面积在垂直磁场方向上的投影为厕尾cos30。,则o2B冗皑cos30,故磁通量改变量为鸟O!B厕:（lcos30）84106Wb。10（l）60l06Wb80l06Wb（2）l4l05Wb解析（l）线框在水平位置时穿过线框的磁通量OlBSSin3760106Wb。当线框转至竖直位置时,磁感线从反面穿过线框,穿过线框的磁通量O2-BScos378.0l06Wb.（2）该过程磁通量的变化量AOO厂O214l05Wb。广厂皿（）0（2）￥阎半圃解析（l）线框在初始位置时线框平面与磁场平行,有效面积为零则o00。（2）当线框绕轴OO沿图示方向转过60时,线框与B的夹角厂厂为60.测嘘B.ssin60.二卫Bs二粤Bl”2鳞三乎!1。C解析利用磁场产生感应电流的现象叫电磁感应现象导体自身电流发生变化引起回路中磁场发生变化,在回路中产生感应电流为电磁感应现象故选项C正确2.AB解析奥斯特发现了电流的磁效应,拉开了研究电与磁相互关系的序幕选项C错误;枷利略将斜面实验的结论合理外推,间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动选项D错误。3。C解析磁通量是标量,故选项A错误;由OBS可知矽由B和q两个因素决定o较大有可能是S儿较大造成的,所以“磁通量越大,磁感应强度越大”的说法是错误的,故选项B错误;由oBS上可知当线圈平面与磁场方向平行时,s上00,但磁感应强度B不为零,故选项C正确;磁通量和磁感应强度是两个不同的物理量故选项D错误4B解析通电直导线周围空间的磁场是非匀强磁场,磁感线是在垂直于导线的平面内以导线为中心的同心圆,离导线越远磁感应强度越弱所以o中磁通量、中磁通量一直为零,中既有向里的磁通量,也有向外的磁通量,但直导线中有电流时合磁通量不为零,切断直导线中电流时,磁通量变为零,o中线圈有向外的磁通量切断直导线中电流时,磁通量变为零,故B正确.5。C解析因为B、S都变化所以可用后来的磁通量减去原来的磁通量,取后来的磁通量为正.Aoo厂o0二B月（B05b）0.818Wb（-08）Wb15.2Wb,故选项C正确。k比陷脐题12。见解析解析（1）线圈初始磁通量olBS,转过90。后,o20,所以Aoo2-olBS,大小为BS。（2）当线圈以b边为轴转过60。时矩形线圈恰好全部进人磁场,O2B2Scos60BS所以AOO2-O!0说明磁通量未发生变化。（3）因为olBs磁感线是垂直于线圈的正前面向里穿过的,当线圈绕中线c转过180。时,线圈的正后面转到正前面磁感线是从原正后面向里穿过的故o2-BS,所以Aoo2-ol2BS大小为2BS关键能力6A解析若两电流同向,根据右手螺旋定则两电流产生的磁场在线圈处方向相反根据对称性,穿过线圈的磁通量为零故A正确;若两电流反向两电流产生的磁场在线圈处方向相同,穿过线圈的磁通量不为零,故B、C、D错误。7B解析当中有电流通过时穿过、b、C三个闭合线圈向里的磁感线条数样多向外的磁感线条数c最多,其次是b,中无向外的磁感线因此,据合磁通量的计算应该是oboc。8C解析根据通电螺线管产生的磁场特点知BBbBc由oBS,可得ooboc,故C正确.9（l）1256104Wb1256l04Wb（2）84l06Wb易错提示通过某个面的磁通量为穿过该面的磁感线的净条数,只妥磁感线净条数不变元论面积如何变化,磁通量都不变。弓领新高考回0把关题13AC解析奥斯特发现电流周围有磁场,即电流的磁效应,法拉第发现了“磁生电”,A正确。库仑发现了点电荷的相互os高中把关题物理选修32只流,A、B项错误;往闭合线圈中插人条形磁铁会产生感应电流,但只是瞬时电流到相邻房间观察时感应电流已经消失C项错误;接电源的线圈在通电或断电时会使接电流表的线圈中的磁通量发生变化产生感应电流,D项正确作用规律;密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值,C正确安培发现了磁场对电流的作用规律,洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律B、D错误.14.D解析闭合回路中没有磁通量变化,不可能产生感应电第2节探究电磁感应的产生条件口7AD解析无论导线中电流是否变化,环竖直上下运动还是以导线为轴转动或以自身的任意一条直径为轴转动,穿过闭合导线环的磁通量都保持为零,没有变化,都不会产生感应电流8。C解析本题中条形磁铁磁感线的分布必备知识1.A解析应在蓄电池电路中加开关,通、断开关时才会产生变化的电流。题图中把开关接人线圈B的电路中,对电流的变化不起作用故选项A正确2BD解析导体顺着磁感线运动,穿过闭合电路的磁通量没有发生变化无感应电流故A错误;条形磁铁插人线圈时线圈中的磁通量增加,拔出时线圈中的磁通量减少,都有感应电流故B正确;开关S直接通,回路中为恒定电流螺线管A产生的磁场稳定,螺线管B中的磁通量无变化,线圈中不产生感应电流故C错误;开关S接通滑动变阻器的阻值变化使闭合回路中的电流变化,螺线管A的磁场变化,螺线管B中磁通量变化线圈中产生感应电流,故D正确3.BCD解析当VlV2,且方向相同时二者无相对运动AB不切割磁感线,回路中无感应电流,选项A错误;当vv囱,且方向相反时则AB切割磁感线穿过回路的磁通量变大或变小都有感应电流产生,选项B正确;当l2时,无论方向相同或相反二者都有相对运动,穿过回路的磁通量都会发生变化,有感应电流产生,选项C正确;当V20,V1的方向与磁感线的夹角090。时v有垂直磁感线方向的分量即AB仍在切割磁感线,穿过回路的磁通量发生变化有感应电流产生选项D正确。4ABD解析当右边磁铁离开B端或在B端附近运动时线圈所处位置磁场变化,穿过线圈的磁通量变化产生感应电流,A、B正确;当磁铁保持图中状态不变时穿过线圈的磁通量不变,线圈中无感应电流,C错,D正确如图所示（从上向下看）磁通量是指穿过一个面积的磁感线的多少,由于垂直纸面向外和垂直纸面向里的磁感线要抵消一部分,当弹簧线圈的面积变大时,垂直纸面向里的磁感线条数增加,而垂直纸面向外的磁感线条数是定的且比垂直纸面问里的磁感线条数多,故穿过弹簧线圈的磁通量将减小,回路中会有感应电流产生.9。CD解析通电导线周围的磁感线是以线上的点为圆心的一系列同心圆。AB两种情况下线框中的磁感线条数不变没有感应电流;C、D两种情况下线框中的磁感线条数变化,产生感应电流。1卖点睛判断是否产生感应电流的关键是分析电略中磁通量是否发生变化.力能键关I10AC解析假定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内,一段铁芯穿过环、c环,环、C环的磁通量都等于铁芯中的磁通量;两段铁芯穿过b环且两段铁芯中的磁感线方向相反,磁通量刚好抵消,b环中的磁通量为零.滑动变阻器的滑片左右滑动,线圈中电流变化线圈产生的磁场变化,铁芯中的磁通量变化环、C环的磁通量变化,环、c环产生感应屯流.b环中的磁通量始终为零b环中没有感应电流选项A、C正确。11。B解析根据条形磁铁的磁场分布情况可知线框在磁铁左端时磁感线从线框下表面穿人;当运动到磁铁中央时穿过线框的磁通量为零;当线框在磁铁右端时磁感线从线框的上表面穿人,所以线框从磁铁上方匀速运动的过程中穿过线框的磁通量始终发生变化线框中始终有感应电流,选项B正确12C解析导线框向右运动时边与导轨构成的闭合回路的磁通量增加,回路中会产生感应电流因此有电流流过两电流表Q和G2,两电流表指针都会偏转。13D解析b棒上没有感应电流通过,说明闭合电路b此内磁通量没有变化由于磁感应强度不变,所以M,所围的面积不变由于两棒同向运动,只有它们的速度大小相等时,穿过回路的磁通量不发生改变,回路中才没有感应电流产生因此定有vl2。故选项D正确。14.BD解析保持圆盘水平并使圆盘绕过圆心的竖直轴转动,穿过圆盘的磁通量不变,不产生感应电流,故A错误;在磁场中匀速平移,不会使其磁通量发生变化故不会产生感应电流,C错误;圆盘绕水平轴转动或磁场均匀增加都会使圆盘中的磁通量发生变化故有感应电流产生B、D正确.15.A解析线圈中通以恒定电流时,铜环处磁场不变,穿过铜环的磁通量不变,铜环中不产生感应电流。滑动变阻器滑片移动或开关断开时线圈中电流变化铜环处磁场变化穿过铜环的磁通量变化,铜环中会产生感应电流故选A。O点拨磁铁晃动导致磁通量发生变化,从而产生感应电流,目的是通过实验探究,巩固产生感应电流的条件5如图所示（l）将线圈d插人线圈B中,合上（或断开）开关瞬间（2）合上开关,将线圈A插人线圈B或从线圈B中取出（3）合上开关,将线圈A插人线圈B中并移动滑动变阻器的滑片6。AB解析感应电流产生的条件是:只要穿过闭合线框的磁通量变化,闭合线框中就有感应电流产生。A图中,在线框转动过程中,线框中的磁通量发生变化,线框中有感应电流产生;B图中离通电直导线越远磁场越弱所以当线框远离通电直导线时,线框中的磁通量不断变小所以B图中也有感应电流产生;C图中定要把条形磁铁周围的磁感线空间分布弄清楚,在图示位置线框中的磁通量为零在向下移动过程中线框中的磁通量直为零磁通量不变,线框中无感应电流产生;D图中,线框中的磁通量直不变线框中无感应电流产生。故正确选项为A、B答案与解析16B解析开关闭合前线圈I中均无磁场,开关闭合瞬间,线圈I中电流从无到有电流产生的磁场也从无到有穿过线圈的磁通量从无到有,线圈中产生感应电流电流计G有示数开关闭合稳定后,线圈I中电流稳定不变,电流产生的磁场不变,此时线圈虽有磁通量但磁通量稳定不变,线圈I中无感应电流产生,电流计G无示数。开关闭合稳定后,来回移动滑动变阻器的滑片,电阻变化,线圈I中的电流变化,电流产生的磁场也发生变化,穿过线圈的磁通量也发生变化,线圈中有感应电流产生,电流计G有示数。开关断开瞬间,线圈I中电流从有到无,电流产生的磁场也从有到无穿过线圈的磁通量也从有到无,线圈中有感应电流产生,电流计G有示数。综上所述,只有选项B正确。通过线圈B的磁通量也发生变化,线圈B中就能产生感应电流,故图乙、丙丁三种情况中都能使线圈B中产生感应电流选项B正确。弓领新高考回把把关题19。D解析金属套环跳起的原因是开关S闭合时,套环上产生感应电流与通电螺线管上的电流相互作用而引起的。线圈接在直流电源上,S闭合时,金属套环也会跳起。电压越高线圈匝数越多,S闭合时,金属套环跳起越剧烈。若套环是非导体材料制成的则套环不会跳起故选项A、BC错误,选项D正确。20A解析A选项中线圈内磁通量不变,线圈内不会产生感应电流;BD选项中磁通量发生变化,会产生感应电流;C选项中导体内磁通量发生变化,产生涡流。故只有A选项推论后来被实验否定。21.CD解析只要线圈中能产生感应电流电流表有示数,就说明月球上定有磁场。如果没有电流,只能说明线圈中的磁通量没有发生变化,需要变换转轴或运动方向再试。如果线圈分别绕两个互相垂直的轴转动,当空间有磁场时,至少会有次产生感应电流,选项CD正确。22C解析无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是电磁感应现象,不是“电流的磁效应”故A错误;当充电设备通以恒定直流时,无线充电设备不会产生交变磁场,所以不能够正常使用,故B错误;接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同故C正确;被充电手机内部应该有类似金属线圈的部件,与手机电池相连,当有交变磁场时,则出现感应电动势,那么普通手机不能够利用无线充电设备进行充电,故D错误0陷饼题17C解析导线框整体在磁场中运动穿过回路的磁通量不变,不产生感应电流所以导线框中没有感应电流;电压表中没有电流,所以电压表也没有示数故选项C正确和易错分析因为整个回略中的磁通量没有发生变化所以整个回略中没有感应电流,本题容易误认为BC、AC边在切割磁感线,BC的两端有电压,故电压表有示数实际上整个回略中没有感应电流也没有电流通过电压表故电压表没有示数。尹误区警示电流表、电压表在测量电流、电压时,需有电耀:翅衬有示巍中课本素材挖掘拓展题18B解析只要线圈d中电流发生变化磁通量就发生变化,第3节楞次定律课时1楞次定律的理解必琶知识磁场方向向上由右手螺旋定则可知,产生逆时针（俯视）方问的感应电流;当磁单极子位于超导线圈下方时,原磁场的方向向上,磁通量减少,则感应电流的磁场方向向上,由右手螺旋定则可知,产生逆时针（俯视）方向的感应电流,故选项D正确6D解析条形磁铁在穿人线圈的过程中,原磁场方向向下,穿过线圈向下的磁通量增加,由楞次定律可知:感应电流的磁场方向向上应用右手螺旋定则可判断:感应电流的方向为逆时针（俯视）,即b同理可以判断;条形磁铁穿出线圈的过程中,向下的磁通量减少感应电流产生的磁场方向向下,感应电流的方向为顺时针（俯视）,即b故选项D正确。1。C解析感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化,故选C2A解析感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化,故选项A正确;闭合电路的部分导体在磁场中平行磁感线运动时,不受磁场阻碍作用故选项B错误;原磁场穿过闭合回路的磁通量增加时感应电流的磁场与原磁场反向故选项C错误;当原磁场增强时感应电流的磁场跟原磁场反向,当原磁场减弱时感应电流的磁场跟原磁场同向,故选项D错误3A解析在线圈以OO为轴翻转0。90的过程中,穿过线圈正面向里的磁通量逐渐减少,由楞次定律可知感应电流方向为dBCd;在线圈以OO为轴翻转90。l80。的过程中,穿过线圈反面向里的磁通量逐渐增加由楞次定律可知感应电流方向仍然为dBCA故选项A正确。4.C解析条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中向右的磁通量直增加根据楞次定律,金属环中的感应电流（从左向右看）为逆时针方向,故选项C正确。5.D解析在磁单极子运动的过程中,当磁单极子位于超导线圈上方时,原磁场的方向向下磁通量增加,则感应电流的O点拨应用楞次定律判断感应电流方向的步骤卜卜该电路磁场的方向如何的方向如何该电路磁通该电路磁通量如何变化7。A解析题中四图都属于闭合电路的部分导体切割磁感线应用右手定则判断可得:A中电流方向为b,B中电流方向为b,C中电流方向沿cb,D中电流o高中把关题.物理选修32只由楞次定律知,弹簧测力计的示数大于G。方向为b,故选项A正确。8B解析根据右手定则导体棒内部电流方向为A到B所以电流表Al中的电流方向由FEAC错误B正确。同理电流表A2中的电流方向由CDD错误。9。D解析由右手定则知导体棒c上的电流由e户所以圆环右侧的电流方向为逆时针,圆环左侧的电流方向为顺时针,故选D卖点拨“三定则一定律”应用于不同的现象应用的定则或定律右子螺旋定则基本现象运动电荷、电流产生的磁场左子定则磁场对运动电荷、电流的作用力右手定则导体切割磁感线霓点拨1右于定则适用范围:闭合电略的部分导体切割磁感线产生感应屯流方向的判断2右于定则反映了磁场方向、导体运动方向和电流方向三者之间的相互垂直关系（l）大拇指所指的方向是导体相对磁场切割磁感线的运动方向既可以是导体运动而磁场未动,也可以是导体未动而磁场运动,还可以是两者以不同速度同时运动（2）四指指向电流方向,切割磁感线的导体相当于电源电磁感应楞次定律闭合回略磁通量变化“三定则一定律”的应用技巧（l）应用楞次定律时,一般妥用到右子螺旋定则。（2）研究感应电流受到的安培力时一般先用右子定则确定电流方向,再用左于定则确定安培力方向,有时也可以直接应用楞次定律的椎论确定陷阴题关键能力17AD解析线圈从I突然缩小到I,穿过线圈的磁通量增大,原磁场方向竖直向上,由楞次定律可知感应电流的磁场方向竖直向下,由右手螺旋定则可知,产生顺时针（俯视）方向的感应电流,选项A正确,选项B、C错误。线圈从到穿过线圈的磁通量减小,感应电流的磁场方向竖直向上,由右手螺旋定则可知,产生逆时针（俯视）方向的感应电流,选项D正确。和易错分析线圈从I缩小到认为穿过线圈的磁通量獭蕊瓣键磁错判针视）10.D解析0Z时间内,长直导线中向上的电流增大通过4线框中的磁通量增加线框中产生逆时针方向的感应电流工工时间内,长直导线中向上的电流减小,通过线框中的42磁通量减少,线框中产生顺时针方向的感应电流;同样判断出1T旦TT时间内的感应电流方向分别为顺时针和244逆时针,故选D11D解析b棒向右移动时,切割磁感线,根据右手定则,b棒中的感应电流方向从流向b此时b棒起着电源的作用,分别对两边的电阻供电,所以流过R、R2的电流都由上而下地绕行,故选项D正确12C解析在金属棒向下滑动的过程中金属棒与导轨所围成的三角形面积先增大后减小,三角形Ob内的磁通量先增加后减少,由楞次定律可判断选项C正确13AC解析由右手定则判断,导体棒儿趴中感应电流方向是M再由左手定则判断,导体棒川所受安培力方向垂直导体棒水平向左故选项A、C正确。14。B解析当导体棒AB向右运动时由右手定则可以判断回路中感应电流方向为ACDBd,再根据左手定则进步判断磁场对导体棒CD的作用力水平向右,磁场对导体棒AB的作用力水平向左,故选B.15。BC解析设PO向右运动用右手定则可判断PQ中感应电流的方向是由QP,由右手螺旋定则可知穿过Ll的磁场方向是自下而上;若PO向右匀加速运动则穿过Ll的磁通量增加,用楞次定律可以判断流过川的感应电流方向是从M,用左手定则可判断们受到向左的安培力,将向左运动,所以选项A错误若PO向右匀减速运动,则流过的感应电流方向、所受安培力的方向均将反向,M向右运动,所以选项C正确。同理可判断选项B正确,选项D错误16（l）小于G（2）等于G（3）大于G解析（1）在l时刻穿过线圈的磁通量增加,线圈中产生感应电流,由楞次定律知,弹簧测力计的示数小于G。（2）在2时刻穿过线圈的磁通量不变,线圈中不产生感应电流由力的平衡知,弹簧测力计的示数等于G（3）在时刻穿过线圈的磁通量减少,线圈中产生感应电流,厅课本素初挖掘拓展题18D解析由于线框从两磁极间中心上方某处开始下落,根据对称性知下落过程中穿过线框bC的磁通量始终是零,没有变化,所以始终没有感应电流,因此不会受磁场力的作用故选项D正确。弓领新高考回们把关题19。C解析磁铁下落过程中原磁场是向上的,穿过圆环的磁通量先增加后减少,由楞次定律可判断出选项C正确。20。D解析在N极接近线圈上端的过程中穿过线圈的磁通量增多,由楞次定律可判定电路中的电流为顺时针方向,所以通过R的电流由b到,电容器的下极板带正电。故选D21D解析根据楞次定律当金属圆环上、下移动时,穿过圆环的磁通量不发生变化,所以没有感应电流产生故选项A、B错误;当金属圆环向左移动时则穿过圆环的磁场垂直纸面向外并且增强,所以根据楞次定律可知,产生的感应电流为顺时针,故选项C错误;当金属圆环向右移动时则穿过圆环的磁场垂直纸面向里并且增强所以根据楞次定律可知,产生的感应电流为逆时针,故选项D正确。22。B解析如图所示以两个回路bOO和PQc为研究对象,导体棒向左运动过程中,回路bgO的面积减小,回路cOC的面积增大根据楞次定律判断感应电流的方向分别为顺时针、逆时针故选Bo答案与解析匈芦尸洞押卜粤IO导线中电流方向为从南到北,由此可得直导线上方磁场为垂直纸面向里,则小磁针N极朝垂直纸面向里的方向转动,故A正确;开关闭合并保持段时间后电路稳定,线圈中的磁通量不变,则左边线圈中无感应电流产生,小磁针恢复南北指向,故B、C错误;开关闭合并保持段时间再断开后的瞬间,左边线圈磁通量减少,由楞次定律得其感应磁场方向向右由右手螺旋定则可得左边线圈外侧的电流方向向下直导线中电流方向为从北到南,直导线上方磁场为垂直纸面向外,则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动,故D正确。R23。AD解析闭合开关瞬间右边线圈有电流通过,左边线圈磁通量增加,由楞次定律可知,左边线圈感应磁场方向向左,根据右手螺旋定则可得左边线圈外侧的电流方向向上,则直课时2楞次定律的应用关键能刀将同时向两侧推开,故选项A正确。6.AD解析根据题意可知当Ubb0时电流是从流向b,由右手螺旋定则可知,磁场方向水平向右由于电压减小,所以磁通量减少,根据楞次定律可得线圈B中的感应电流是顺时针方向（从左向右看）当Uhb0时电流是从b流向,由右手螺旋定则可知,磁场方向水平向左,由于电压增大,所以磁通量增加根据楞次定律可得,线圈B中的感应电流是顺时针方向（从左向右看）,故感应电流方向不变,选项A正确,选项C错误。由“增远减靠”可知所受安培力的方向改变,选项D正确选项B错误。7.AD解析M问右加速滑动,根据右手定则M中的电流方向从M,且大小在逐渐变大,根据左手定则知受到的安培力方向水平向左故选项A正确,选项B错误;根据右手螺旋定则知,电磁铁A内部的磁场方向向左且大小逐渐增强,根据楞次定律知金属环B中的感应电流产生的磁场方向向右所以B被d排斥,故选项D正确,选项C错误。1.D解析当通电直导线中电流增大时,穿过金属圆环的磁通量增加,金属圆环中产生感应电流,根据楞次定律,感应电流要阻碍磁通量的增加是用缩小面积的方式进行阻碍;二是用远离直导线的方式进行阻碍,故选项D正确。卖点拨当闭合电略中有感应电流产生时电略的各部分导线!蕊嚣J撰蹦!尹注意本方法适用于磁感线单方向穿过闭合回略的情况2.D解析磁铁靠近圆环的过程中,穿过圆环的磁通量增加,根据楞次定律可知感应电流的磁场阻碍穿过圆环的原磁通量的增加,与原磁场方向相反如图甲所示,二者之间是斥力;当磁铁穿过圆环下降离开圆环时,穿过圆环的磁通量减少,根据楞次定律可知感应电流的磁场阻碍穿过圆环的磁通量的减少,二者方向相同如图乙所示,所以磁铁与圆环之间是引力故选项D正确可豌点拨（l）若原磁通量增加,则通过远离磁场源起到阻碍的作用。（2）若原磁通量减少,则通过靠近磁场源起到阻碍的作用。口诀记为“增远减靠,。鹤憾蹦吕憾8BD解析b匀速运动时b中感应电流恒定,Lu中磁通量不变穿过L2的磁通量不变,L2中无感应电流产生,c杆保持静止,选项A错误;b向右加速运动时,Ll中的磁场方向向上,磁通量增加由楞次定律知L2中感应电流产生的磁场方向向上,故通过c的电流方向向下c向右移动,选项B正确;同理可得选项C错误选项D正确。9。A解析b边受竖直向上的磁场力的作用根据左手定则判断出b边中感应电流的方向是b再根据右手定则判断线框边向左平移切割磁感线故选项A正确。10B解析因为导线l靠近b边,由题图可知线圈中等效合磁场为垂直纸面向里,当中电流突然减小时由楞次定律可知感应电流的磁场阻碍磁通量的减少,所以线圈向右运动所受安培力的合力向右,故选项B正确。11.C解析法电流增大时,电流在b此回路中产生的垂直纸面向里的磁场增强,回路磁通量增加根据楞次定律可知,回路产生逆时针方向电流;b边电流方向b所受安培力向右,C边电流方向-恰C所受安培力向左,所以b和C相向运动,故选项C正确法二电流增大时,电流在b北回路中产生的垂直纸面向里的磁场增强,回路磁通量增加,根据楞次定律可知,回路要减小面积以阻碍磁通量的增加（增缩减扩）因此两导体棒要相向运动相互靠近,故选项C正确甲乙3A解析磁铁向下移动过程中B增大,所以穿过每个导体环的磁通量都有增加的趋势由于S不可改变,为阻碍磁通量增加,导体环应该尽量远离磁铁,所以、b将相互远离故选项A正确4AD解析根据楞次定律的另表述感应电流的效果总是要反抗产生感应电流的原因本题中的“原因”是回路中的磁通量增加归根结底是磁铁靠近回路,“效果”便是阻碍磁通量的增加和磁铁的靠近,即“来拒去留”,所以p、q将相互靠近且磁铁的加速度小于g,故选项A、D正确l卖点拨由于磁场与导体的相对运动产生电磁感应现象时,产生的感应电流受到磁场的安培力这种安培力会“阻碍,相对运动,口诀记为来拒去留。5.A解析开关S接通瞬间,小铜环中的磁通量从无到有,根据楞次定律,感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加,则两铜环愈高中把关题物理选修3-2只陷阴题左侧螺线12.AD解析若开关S闭合由右手螺旋定则可知左侧嚼管右端为N极;发现电子16。C解析小磁块下落过程中在铜管P中产生感应电流,小磁块受到向上的磁场力,不做自由落体运动,而在塑料管Q中只受到重力,在Q中做自由落体运动,故选项A错误;根据功能关系知,在P中下落时,小磁块机械能减少,在g中下落时.小磁块机械能守恒,故选项B错误;在P中加速度较小,在P中下落时间较长,故选项C正确;由于在P中下落时要克服磁场力做功,机械能有损失,所以落到底部时在p中的速度比在g中的小,故选项D错误豌误区警示感应电流的产生并不是创造了能量。导体做切割磁感线运动时,产生感应电流,感应电流受到安培力作用,导体兑服安培力做功从而实现其他形式能向电能的转化,所以楞次定律的“阻碍”是能量转化和守恒的体现。向M板偏转,说明M、两极板的电势po,即右侧螺线管中产生了流向M板的电流,由右手螺旋定则可知,右侧螺线管左端为N极,如图所示;由楞次定律可知,左侧螺线管中电流增大,故选项A、D正确。13C解析在列车经过线圈的上方时,由于列车上的磁场的方向向下,所以线圈内的磁通量先增加后减少根据楞次定律可知线圈中的感应电流的方向为先逆时针,再顺时针,故选项C正确。14B解析线框在下落过程中所在位置磁场减弱,穿过线框的磁感线的条数减少,磁通量减少,故选项A错误;下落过程中,因为磁通量随线框的下落而减小根据楞次定律,感应电流的磁场与原磁场方向相同所以感应电流的方向不变,故选项B正确;线框左右两边受到的安培力互相抵消上边受到的安培力大于下边受到的安培力安培力合力不为零故选项C错误;线框中产生电能,机械能减小,故选项D错误。15B解析金属环下落过程中产生感应电流所以机械能不守恒,故选项A错误;减少的重力势能有部分转化为电能,故选项B正确选项C错误;金属环下落过程中,磁铁与金属环产生相互作用,在磁铁中心位置时,无相互作用力,此时磁铁对桌面的压力等于自身的重力,故选项D错误。课本素材挖掘拓展题17。D解析金属杆Pg突然向右运动,则其速度v方向向右,由右手定则可得,金属杆PQ中的感应电流方向由Q到P,则PQRS中感应电流方向为逆时针方向。PQRS中感应电流产生垂百纸面向外的磁场,故圆环形金属线框T为阻碍此变化,会产生垂直纸面向里的磁场则T中感应电流方向为顺时针方向故选项D正确。第13节综台练程中线框消耗了机械能,转化成电能故选项C正确。7.C解析当滑动变阻器R的滑动触头p向左滑动时,电路中的电流变大,螺线管产生的磁场逐渐增强,穿过的磁通量变大根据楞次定律可知,向左摆动;b处于螺线管内部,其周围的磁场为匀强磁场,方向水平向左,圆环中虽然也产生感应电流但根据左手定则可判断出,安培力与b在同一个平面内,产生的效果是使圆环面积缩小,并不使其摆动所以C项正确。8B解析磁铁向左运动,穿过两环的磁通量都增加根据楞次定律,感应电流的磁场将阻碍原磁通量增加,所以两者都向左运动。另外两环产生的感应电流方向相同依据安培定则和左手定则可以判断两个环之间是相互吸引的间距变小,所以选项A、C、D错误选项B正确。9AC解析当开关S闭合时左螺线管上有了电流,产生磁场,而对于右螺线管来说,磁通量增加,由楞次定律可知,为了阻碍磁通量的增加钻头向右运动远离左螺线管,故A正确;当开关S由闭合到断开的瞬间,穿过右螺线管的磁通量要减少为了阻碍磁通量的减少,钻头M要向左运动靠近左边的螺线管,故B错误;开关S闭合时当滑动变阻器滑片p向左迅速滑动时,回路的电阻减小,回路的电流增大,产生的磁场增强,穿过右螺线管的磁通量增加,为了阻碍磁通量的增加,钻头M向右运动远离左螺线管,故C正确;当滑动变阻器的滑片P向右迅速滑动时,回路的电阻增大,回路的电流减小,产生的磁场减弱,穿过右螺线管的磁通量减少为了阻碍磁通量的减少,钻头M向左运动靠近左螺线管故D错误删勇搬辙!蹦警蠢张!分磁感线穿出,而右边部分则穿人我们用合.bc磁通量来判定。当跨在导线左边的线框面积大于右边面积时,合磁通量是向外的且逐渐减小,为阻碍这个方向的磁通量减小,感应电流方向沿bC;刀能键关1。CD解析开关闭合瞬间,铝环中的磁通量增加,产生的感应电流受到安培力作用使铝环运动,运动的效果阻碍磁通量的变化,所以铝环向上跳起,开关闭合后,线圈周围的磁场恒定,则铝环跳起到某一高度后将回落,所以A、B错误,C正确;当电源的正负极对调后现象不变,D正确。2A解析开关闭合后,线圈A插人或拔出都会引起穿过线圈B的磁通量发生变化,从而引起电流计指针偏转,选项A正确;线圈A插人线圈B中后,开关闭合和断开的瞬间,线圈B的磁通量会发生变化,电流计指针会偏转,选项B错误;开关闭合后,滑动变阻器的滑片P无论匀速滑动还是加速滑动都会导致线圈A的电流发生变化,线圈B的磁通量变化电流计指针都会发生偏转,选项C、D错误。3B解析由题意知情景如图所示（注意电缆绳与磁场垂直）,若向东运动,由右手定则知电流流向A点,对于电源外部来说,电流相当于从A端流出,即A为电源正极西因此电势高故选项A错误,选项B正确;北B东南若向北运动,电缆绳没有切割磁感线,故选项C、D错误。4.C解析若使线圈向东平动,线圈的b边和c边切割磁感线,由右手定则知b（c）点电势高于（）点电势,选项A错误,同理知选项B错误;若以b为轴将线圈向上翻转,穿过线圈平面的磁通量变小,由楞次定律可知线圈中感应电流方向为b-怯c,选项C正确选项D错误。5AD解析因为线框在进、出磁场时,线框中的磁通量发生变化,产生感应电流安培力阻碍线框运动使线框的速度可能减为零故AD正确6AC解析产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化,线框全部在磁场中时磁通量不变不产生感应电流,故选项B、D错误。线框进人和穿出磁场的过程中磁通量发生变化,产生了感应电流,故选项A正确.在产生感应电流的过答案与解析感当跨在导线右边的线框面积大于左边面积时,合磁通量向内逐渐增大为阻碍向内的磁通量增大感应电流方向也为沿bc。（2）用切割磁感线来判定在线框跨越导线的过程中,用右手定则可得,C边的感应电动势向上,b边的感应电动势向下,而d、bC边不切割磁感线,没有感应电动势产生,因此c和b边产生的感应电动势叠加起来使线框的感应电流的方向沿bCd。另由楞次定律可判定线框跨越导线前的感应电流方向为此b离开导线后感应电流的方向也为冰b。选项D正确。11A解析b边与c边有斥力则两边通过的电流方向定相反,由楞次定律可知当Bl变小,B2变大时,b边与C边中的电流方向相反12.AD解析橡胶圆盘M由静止开始绕其轴线OlO2按箭头所示方向加速转动,形成环形电流,环形电流的大小增大,根据右手螺旋定则知,通过线圈的磁通量向下,且增大,根据楞次定律的另种表述,引起的机械效果阻碍磁通虽的增大,知铝环有缩小的趋势,且有向上的运动趋势,所以丝线的拉力减小根据牛顿第三定律,对M的作用力竖直向下,故A、D正确B、C错误。13.BC解析要让产生顺时针方向的感应电流,感应电流的磁场方向垂直纸面向里由楞次定律可知有两种情况:是M中有沿顺时针方向逐渐减小的电流使其在中的磁场方向向里,且磁通量在减小;二是M中有逆时针方向逐渐增大的电流,使其在中的磁场方向向外,且磁通量在增大因此对前者应使b减速向右运动;对于后者则应使b加速向左运动陷阴题大,穿过POC回路的磁通量先减小后反向增大,由楞次定律可知,当穿过回路的磁通量均匀减小时,回路产生恒定的感应电流,面积有扩大趋势,导体棒PQ受到的安培力沿轨道斜面向上安培力的大小EBIL几（B0片）随磁感应强度B的减小而减小。导体棒受到的静摩擦力在0时若沿斜面向下,则随B的减小而减小;在j0时若沿斜面向上则随B的减小而增大;当磁感应强度B反向增大时回路磁通量增大回路面积有缩小的趋势,导体棒Pg受到的安培力沿斜面向下,且随磁感应强度B的增大而增大,导体棒受到的静摩擦力牛加gsm0BZ则随之增大。因此安培力在磁感应强度B减小到0之前沿斜面向上,之后沿斜面向下.A、B错误;而静摩擦力可能先减小后增大或者直增大,C、D正确。.易错分析误认为导体棒受到的摩擦力始终沿斜面向上,忽咯了随着磁场的变化,摩擦力方向可能随之变化而漏选弓领新高考回把把关题15BC解析在金属框接通逆时针方向电流的瞬间,在左右两个矩形刚性小线圈中产生垂直于线圈向上的磁通量,根据楞次定律可得在两个小线圈中均产生沿顺时针方向的感应电流,C项正确,D项错误;为阻碍磁通量的增加,两小线圈会有相互远离的趋势,B项正确,A项错误16A解析金属环从位置I释放下落金属环经过磁铁上端和下端附近时,金属环中磁通量都变化,都产生感应电流,由楞次定律可知,磁铁阻碍金属环下落,磁铁对金属环有向上的作用力根据牛顿第三定律,金属环对磁铁有向下的作用力,所以Tmg同理可得吗加g,选项A正确hb14。CD解析在0l时间内,磁感应强度B先减小后反向增第4节法拉第电磁感应定律必备知识（2）R2两端的电压为吗-急E二志0w024所以QCUi30l060.24C7.2106C。5B解析设折弯前金属棒切割磁感线的长度为L,EBLv;忻弯属金属啼效坦（）亚L故产生的感应电动势为EBLB血L亚E222所以旦卫B正确E26。C解析由右手定则可判断出R中电流方向由C到D,电动势E1B2D,电路中电流I旦乙旦故选项C正确。22R7.A解析摆到竖直位置时,AB切割磁感线产生的瞬时感应闺二）（六）肿.山闽合咆路欧姆定肄得壶鹰故A正确.248（l）l57V（2）100V解析（1）在图示位置的瞬时感应电动势由公式EB得E500.50.20。l3l4Vl57V（2这段时间内的平均感应电动势由公式万鱼得A1C解析线圈平面与磁场方向垂直由E鱼可知感应电A动势的大小与线圈的匝数及磁通量的变化有关,匝数越多,磁通量变化越快,感应电动势就越大若磁场的磁感应强度在减小则感应电流的磁场方向与原磁场方向相同;若磁场的磁感应强度在增大,则感应电流的磁场方向与原磁场方向相反,故选项C正确。2A解析根据法拉第电磁感应定律可得:E鱼坐.S,因AAr为坐恒定,故感应电动势恒定;第2s内穿过线圈的磁通量方Ar向向外且均匀减小,根据楞次定律可知线圈中感应电流为逆时针方向,选项A正确3.D解析由E鱼可知图像斜率表示感应电动势的大小Ar因此图像斜率的绝对值越小,表明磁通量的变化率越小,感应电动势也就越小。故5l0s内产生的感应电动势最小。选项D正确4（1）0。04A（2）7。2106C解析（l）磁感应强度变化率的大小为坐002TsA所以E坐旦l0002002VO4VAjIE9AO04ARR246bo.高中把关题.物理选修3-2只陷阴题0.50。20E50Vl00Vc13.（l）04A（2）O02N（3）032V解析金属棒向左匀速运动时,等效电路如图所示。在闭合回路中,金属棒的C部分相当于闭合电路的电源,c、M部冗23l4关键能刀咎E“分同样产生电动势但对电路中的电流没有影响（1）c创部分切割磁感线产生的电动势EcdBh见dh根据欧姆定律电阻R中的电流为-且二坐L04A。吕R出Rt厂9。D解析匀强磁场的磁感应强度随时间均匀变化,设时刻的磁感应强度为Bf则BB0h,其中B0为0时的磁感应强度,人为常数,A、B两导线环的半径不同,它们所包围的面积不同,但某时刻穿过它们的磁通量均为穿过磁场所在区域面积上的磁通量,设磁场区域的面积为S则o尸Bs即在任一时刻穿过两导线环包围面上的磁通量是相等的,所以两导线环上的磁通量变化率是相等的E鱼坐S（S为磁场区域面AAt积）对A、B两导线环由于坐及S均相同得鱼l旦AtEBR三古（s!为幂线胸横截翻积）,所以坠鱼鱼,代人IBEBh数值得旦鱼1IB殉210.AD解析若金属框在进人磁场时速度恰好满足加gsin0旦垫,则做匀速运动故A正确若速度比较大,则做减R逮运蓟,竿加逮度逐渐减小诺逮度比较小,则做加速运动加gsin0丘m,加速度逐渐减小,故RD正确B、C错误。11.（l）坐1凸（2）1BL（3）匹i14R44R解析（1）b边切割磁感线产生的感应电动势为EBLv所以通过线框的电流为I丝凸。4R（2）在b边刚进人磁场区域时b边两端的电压为路端电压b二圆二;皿,.（3）因为线框是匀速进人磁场区域的,所以线框中电流产生的热量QP4R旦垫O4R12（1）033T（2）075C（3）不能理由见解析解析（l）由涯图像可知线框加速度丝2ms2,0线健的边长L娜廖（辨2贬l）0时刻线框中的感应电流仁